corrige BACS Physique Chimie 2015 .pdf



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BACCALAURÉAT

Série : Scientifique
Épreuve : Physique - Chimie

Session 2015

Durée de l’épreuve : 3h30min
Coefficient : 6

PROPOSITION DE CORRIGÉ

Partie 1 : ascension en ballon sonde de Félix Baumgartner
1.1 La force responsable de l'ascension du ballon est la poussée d'Archimède exercée par l'air.
1.2 Bilan des forces sur le système {ballon; équipage} :
- le poids du système P
force verticale dirigée vers le bas
point d'application : centre de gravité du système G
expression : P = (m(ballon) + m(équipage)) x g
- la poussée d'Archimède exercée par l'air Fa
force verticale dirigée vers le haut
point d'application : centre de gravité du système G
Fa = ρairx V x g

Les forces de frottement sont négligés.
Schéma :

1.3 Comparons par le calcul le poids du système ainsi que la poussée d'Archimède exercée
par l'air :
- Calcul du poids P : La masse du ballon et de l'équipage est égale à 3 tonnes soit 3 000kg.
P=mxg
AN : P = 3000 x 9.8 = 29 400N
Le poids du système est de 29 400 N.
- Calcul de la poussée d'Archimède Fa :
au niveau de la troposphère : Fa = ρairx V x g
D'après les données :
AN : Fa = 1,22 x 5100 x 9,8 = 60 975, 6N

On remarque que Fa est supérieure à P, ce qui explique que le ballon peut décoller.
1.4 Après quelques minutes d’ascension, le mouvement du système {ballon ; équipage} est
considéré comme rectiligne uniforme cela signifie que la vitesse est constante donc
l'accélération par définition est nulle.
En appliquant la seconde loi de Newton, nous pouvons écrire que : ma = P + Fa + f avec f la
force de frottement de l’air, force verticale dirigée vers le bas. En considérant le mouvement
rectiligne et uniforme, l'équation devient après une projection suivant l'axe vertical : 0 = - P +
Fa - f soit f = Fa - P.
AN : f = 60 975,6 - 29 400 = 37 575,6 N
La force de frottement de l'air est de 37 575,6 N.

Partie 2 : saut de Félix Baumgartner
On étudie maintenant le système {Félix Baumgartner et son équipement} en chute verticale
dans le référentiel terrestre considéré comme galiléen. On choisit un axe (Oz) vertical vers le
haut dont l’origine O est prise au niveau du sol. Le système étudié, noté S, a une vitesse
initiale nulle.
On négligera la poussée d’Archimède.
2.1 Par définition, on peut écrire que l’accélération est égale à la dérivée par rapport au
temps.
En utilisant le graphique pour t < 20s assimilable à une droite, on peut calculer l’accélération
en calculant le coefficient directeur de la droite à l’aide de deux points.
Soit A ( 5 ;50) et B (10 ; 100), le coefficient directeur de la droite se calcule en faisant le
rapport de yB – yA par xB-xA.
AN : a = (100 – 50) / (10 – 5 ) = 10 m.s-2
L’accélération est égale à 10m.s-2. A t<20 s, Félix Baumgartner ne subit que la force
d’attraction gravitationnelle car son accélération est environ égale à g.
2.2 La vitesse d’un mobile dans un fluide est dite supersonique si elle est supérieure à la
célérité du son dans ce fluide ce qui est le cas entre 30 et 40 secondes, nous sommes audelà de 30 km avec une vitesse dépassant 320 m.s-1 c’est-à-dire au-delà de la célérité du
son.
2.3 Par définition, l’énergie mécanique est égale à la somme de l’énergie cinétique et de
l’énergie potentielle : Em = Ec + Ep
D’où ∆Em = ∆Ec + ∆Ep.
Or Ec = ½ x m x v2 et Ep = m x g x z
Nous allons faire le calcul entre deux instants, l’instant A où il saute à t = 0s où v = 0m.s -1 et
z = 40 km et l’instant B où la vitesse est maximale v = 350 m.s-1, t = 50 s et z = 27,5 km.

∆Em = (EcB – EcA) + (EpB – EpA)
= (1/2xmxvB2 -1/2xmxvA2) +(m x g x zB – m x g x zA)
AN : ∆Em = (1/2 x 3000x3502 – 0) + (3000 x 9,8 x 27500 – 3000 x 9,8 x 40000)
= -1,837.108J
2.4 Au début de la chute les frottements de l’air sont faibles puis deviennent de plus en plus
importants au cours de la chute. Au départ le poids l’emporte sur les forces de frottement, La
vitesse devenant maximale à t = 50s. Donc :
T1 : schéma B
T2 : schéma C
T3 : schéma A
2.5 Félix Baumgartner ouvre son parachute au bout de 50 s c’est-à-dire à une altitude
d’environ 27,5 km.
En supposant que le système a un mouvement rectiligne et uniforme après l’ouverture du
parachute et jusqu’à l’arrivée au sol, on sait que v = d/t avec d : distance en m et t : temps en
seconde.
Le saut a duré 9min et 20 s et il a ouvert son parachute à 4min 3s.
Soit v = 27500 / (59 x 60 + 3) – (4x60+20)) = 97,17m.s-1
2.6 En considérant une chute libre d’un étage d’un immeuble où la seule force considérée
est le poids, dans ce cas : a = g
En intégrant, on trouve v = g xt d’où le temps de la chute t = v / g = 97, 17 / 9,81 = 9.9s
V = d/t d’où d = v x t = 97.17 x 9.9 = 961,98m

EXERCICE II - DE LA COMPOSITION D’UN SODA À SA CONSOMMATION
1.

La caféine

1.1L’oxygène possède deux doublets non liants et l’azote un.

1.2 La formule brute est : C8H10O2N4
1.3 Calcul de la concentration de caféine :
Pour un enfant de 30 kg, l’apport quotidien de caféine ne doit pas dépasser 75 mg, ce qui
correspond environ à deux canettes de soda de 33 cL soit 37,5 mg de caféine dans une
canette.
Par définition : C = n/V et n = m/M doù C = m/(M x V) avec m la masse de caféine en
grammes, M la masse molaire en g.mol-1 et V le volume de la canette.
AN : C = 37,5.10-3 / (194 x 0,33) = 5,86.10-4mol.L-1
2.
L’acide benzoïque
2.1 Oui nous pouvons mais la surface de réaction n’est pas la même.
2.2 Les opérations correspondent à l’étape (a) de la synthèse de l’acide benzoïque sont
les étapes 1, 2 et 3.
2.3 Le chauffage à reflux accélère la réaction et empêche la perte de réactif.
2.4 Etape 4 : l’acide chlorhydrique permet l’apport des ions oxonium
Etape 5 : filtrer sur büchner permet de récupérer les cristaux et de les laver
Etape 6 : l’étuve permet à une certaine température d’obtenir une homogénéité dans le
produit et d’enlever les dernières impuretés
2.6 Afin de vérifier la nature du produit, nous disposons de différentes méthodes : nous
avons le banc Höfler permettant de vérifier la température de fusion du produit à l’aide de
produits de référence et grâce à une table de données ou bien la chromatographie sur
couche mince en calculant le rapport frontale et en comparant aux valeurs trouvées dans
la littérature.

2.7 Calculons les masses respectives de benzonitrile et d’hydroxyde de sodium :
m(benzonitrile) = ρ x V = 1.01 v 2 = 2.02 g
m(hydroxide de sodium) = Cm x V = 100 x 24.10-3=2.4g
La masse maximale d’acide benzoïque obtenue est de 2,4g.
2.8 Le pH de la boisson étant de 2,5 et le pKa du couple acide benzoïque / ion benzoate
est de 4,2. La forme prédominante est donc la forme acide c’est-à-dire l’acide benzoïque.
3. L’acide phosphorique
Il est possible de tracer la courbe pH en fonction du volume d’hydroxyde de sodium
versé. Ensuite nous pouvons déterminer le pH à l’équivalence à l’aide de la méthode des
tangentes.
A l’équivalence, les quantités de matière d’acide phosphorique et d’ions hydroxyde sont
égales en proportions stœchiométriques. De là nous déterminons la concentration
d’acide phosphorique dans 10mL
Il suffit ensuite de multiplier par 150 pour obtenir pour 1,5L et de multiplier par la masse
molaire pour avoir la concentration massique.
Or la dja indique 70mg/kg/jour.
Il faut donc chercher combien de bouteille d’1.5L nous pouvons ainsi consommer
sachant qu’avec la concentration massique nous savons combien de grammes il y a
dans une bouteille.

EXERCICE III - MICRO-TEXTURATION DE SURFACE PAR UN LASER
FEMTOSECONDE

1.

Domaine d’émission du laser femtoseconde

1.1 On sait que λ=c/f
AN : λ = 3.108/375.1012=8.10-7m = 800nm ce qui appartient au domaine de l’infrarouge.
1.2 Le domaine du visible se termine à 780 nm dans le rouge ce qui est très proche de
800 nm.
2. Caractéristiques d’une impulsion du laser femtoseconde
2.1 E = h x ν = 6.63.10.34x375.1012=2.5.10-19J

Attention il manque la réponse à la dernière question. A venir.



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