Devoir+Corrigé+de+Synthèse+N°1+ +Math+ +1ère+AS++(2011 2012)+Mr+BELLASSOUED+MOHAMED .pdf



Nom original: Devoir+Corrigé+de+Synthèse+N°1+-+Math+-+1ère+AS++(2011-2012)+Mr+BELLASSOUED+MOHAMED.pdfTitre: www.devoirat.net - 2011Auteur: 2011 -

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DEVOIR DE SYNTHESE DE MATHEMATIQUES N°1
 CLASSE :1ERE ANNEE SECONDAIRE 
SECTION : 1ERE S1+2+3+4
DUREE : 1HEURE 30 MINUTES

Calculatrice

LYCEE OUED ELLIL
ANNEE SCOLAIRE :2011-2012



Prof : bellassoued mohamed

autorisée

EXERCICE 1: 3 points

Répondre par vrai ou faux sans justifier ta réponse a chacune des propositions suivantes
1- soient a , b et c trois entiers naturels. si PGCD(a, b)  PGCD(a, c) , alors b  c
2- 0 ,004  25  10 23  10 24
3- 0,0001 105  0,4  2  105
4-dans la figure si contre , ABC est un triangle rectangle en A
EXERCICE 2: 2,5 points

1- Calculer le PGCD des nombres 360 et 504 par la méthode de l’algorithme d’Euclide.
360
2- En déduire l’écriture de la fraction
sous forme irréductible.
504
360
3-Écrire la fraction
avec un dénominateur égal à 1001.
504
EXERCICE 3: 2,5 points
On considère les trois nombres réels A, B et C suivantes :
7
5
B  45  7 5  2 20
;
;
A  3
3 1 2
5
1-montrer que A  0 et B  0
2-Donner l'écriture scientifique de C

7  105  0,21  1012
C
42  1023

EXERCICE 4: 5 points

( 3 )4  18
soit les deux réels X et Y tels que : X  3 7  28  63 ; Y 
3 3 6
1- montrer que X  2 7 et Y  3 3 . en déduire que X  Y
2- calculer X 2  Y 2
3- a- montrer que X  Y  et l’inverse de ( X  Y )
b- en déduire

2 7 3 3
2 7 3 3
2 7 3 3

4- a-soit a et b deux réels tels que ab. développer l’expression (a  b)(2 7  3 3)
b- en déduire que 2 7 a  3 3b  2 7b  3 3a

EXERCICE 5: 7 points
N.B: Pour les calculs de trigonométrie, utilisez les valeurs exactes du tableau.
L’unité des mesures des longueurs est le centimètre et celle des angles est le degré

Dans la figure 1 si dessous on a :
. EFG est un triangle rectangle en E tel que : EF  6 ; EG  2 3 .

. ABC est un triangle rectangle en B. L milieu de AC et
. les points E , F , B et C sont alignés et BF  9
. les points A , F , K et G sont alignés et GK  3

ˆ C  30
BA

1) Montrer que FG  4 3
ˆ F  60
2) a-montrer que EG
b- vérifier que les droites (AB)et(EG) sont parallèles
c- en déduire que le triangle ACF est rectangle en A
FB FA
3) a-montrer que

FE FG
b- en déduire que FA  6 3 et AB  3 3
4) a-montrer que BC  3
b-en deduire que AC  6
5) montrer que les droites (AC)et(EK) sont parallèles
6) en déduire que le quadrilatère ALKE est un parallélogramme

 EF  6 ; EG  2 3 ; BF  9; KG  3
ˆ C  30; AB
ˆ C  90; FE
ˆG  90
 BA
Figure 1



Question bonus : 2 points

X

recopier la figure si contre puis construire un point M de la demi droite

AX  et un point N de la demi droite AY  tels-que
O , M et N sont alignés et OM  2ON
expliquer la méthode de construction
Y

CORRECTION DU DEVOIR DE SYNTHESE N°1 DE
MATHEMATIQUES
CLASSE :1IEME ANNEE SECONDAIRES1+2+3+4




LYCEE OUED ELLIL



ANNEE SCOLAIRE :2011-2012
Prof : bellassoued mohamed

EXERCICE 1:

1-

soient a , b et c trois entiers naturels. si PGCD(a, b)  PGCD(a, c) , alors b  c : FAUX
JUSTIFICATION:

PGCD(4,8)  PGCD(4,12)  4

mais 8  12

2- 0,004  25  10 23  10 24 : VRAI
JUSTIFICATION:

0,004  25  10 23  4  10 3  25  10 23  100  10 26  10 2  10 26  10 24

3- 0,0001  10 5  0,4  2  10 5 : VRAI
JUSTIFICATION:

0,0001 10 5  0,4  10 4  10 5  4  10 1  4  10 10  4  10 10  2  10 5

4-dans la figure si contre , ABC est un triangle rectangle en A: FAUX
JUSTIFICATION:

Les deux angles ABˆ C et AEˆC sont inscrits dans le même cercle donc
ˆ C  180  (38  50)  180  88  92
sont égaux ABˆ C  AEˆC  50 et par suite BA
Donc le triangle ABC n’est pas rectangle en A
EXERCICE 2:
504  1  360  144

1- 360  2  144  72 donc PGCD(360 ,504)=72
144  2  72  0

2- On divise le numérateur et le dénominateur par leurs PGCD on obtient
3-

360 : 72 5

504 : 72 7

360 715
360 5 5  143 715

donc
 

504 1001
504 7 7  143 1001

EXERCICE 3:
7
7
7
5
5
5
5 7 5 5 5
1- A   3 2   5 3 2   73       0 donc A  0
3 1
3
3
3 3 7 3 3

5
5
5 5

B  45  7 5  2 20  
9

5  7 5  24

5  3
5
 7
5  4 5  4 5  4 5  0 donc B  0



3 5

4 5

4 5

7  105  0,21 1012 7  105  21 102  1012 7  21
5
2
12
 23


 10

10
 10

10
 3,51018
2- C 








23
23
42  10
42  10
42

10( 521223 )
3 ,5

Donc l’écriture scientifique de C est : C  3,51018

EXERCICE 4:

1X  3 7  28  63  3 7  4  7  9  7  3
7

2
7  3 7  5 7  3 7  2 7 ;donc X  3 7
5 7





2

( 3 )4  18 ( 3 )2  6  3 32  3
2
Y


 3

33  3  3 3 ; donc

33
33  6
3 3  6
31

 

2

Y3 3

 

2

X2  2 7  28 ; Y2  3 3  27 . X 2  Y 2 , et puisque X et Y sont positifs alors X  Y
27
Y 2 27
2- X  Y  2 
donc X 2  Y 2 
28
X
28
2

2

3- a- (X  Y)  (X  Y)  X 2  Y 2  28  27  1 ; donc (X  Y) est l’inverse de (X  Y) : X  Y 
b-

1
XY

2 7 3 3
XY
1

 ( X  Y) 
 (X  Y)  (X  Y)  (X  Y)2  (X  Y)
XY
( X  Y)
2 7 3 3

et puisque X  Y , alors X  Y  0 et par suite (X  Y)  X  Y , enfin

2 7 3 3
 2 7 3 3
2 7 3 3

4- a- a et b deux réels tels-que ab
(a  b)(2 7  3 3 )  2 7 a  3 3a  2 7 b  3 3b

2

b- on compare par la différence

 



7 a  3 3b  3 3a  2 7 b  2 7 a  3 3b  3 3a  2 7 b  (a  b)(2 7  3 3 )

ab donc a  b 0 , 2 7  3 3 donc 2 7  3 3 0 et par suite (a  b)(2 7  3 3 ) 0
donc 2 7 a  3b   3 3a  2 7 b  0 ce qui donne 2 7 a  3b  3 3a  2 7b
question bonus:
1ERE etape

ETAPES DE CONSTRUCTIONS DES POINTS M ET N
2ieme etape

3ieme etape

1ERE étape :On trace la demi- droite AO  et on place sur celle-ci deux points I et J telles que OA  OI  IJ
2ieme étape : On trace la droite  passant par J et parallèle a (AY) .  coupe demi- droite AX  en un point M
3ieme étape : On trace la droite (OM) . celle-ci coupe AY  en un point N qui vérifie OM=2ON .en faite on

appliquant le théorème de Thalès sur le triangle OMJ on aura

OM OJ

 2 donc OM  2ON
ON OI

EXERCICE 5:
1) Le triangle EFG est rectangle en E , d’après le théorème de Pythagore on a

FG2  EF2  EG 2 signifie FG 2  6 2  (2 3 )2 signifie FG2  36  12  48 signifie FG2  48 donc FG  4 3
adjacent
GE 2 3 1



hypothenuse GF 4 3 2
ˆ F  60
et d’après le tableau ( ou le calculatrice ) on déduit que EG

ˆF 
2) a- Le triangle EFG est rectangle en E ,donc cos EG

b- les deux droites (AB)et(EG) sont perpendiculaires a la même droite (CE) donc elles sont parallèles :
(EG)  (CE) et ( AB)  (CE) donc (AB) //(EG)
ˆ F et BA
ˆ F sont alternes internes formés par deux droites parallèles
c- les deux angles EG

ˆ F  BA
ˆ F , et puisque EG
ˆ F  60 alors
(AB) et(EG) coupés par la sécante (AG) donc sont égaux EG
ˆ F  CA
ˆ B  BA
ˆ F  30  60  90 donc le triangle ACF et rectangle en A.
ˆ F  60 et par suite CA
BA

3) a- les deux droites (AB)et(EG) sont parallèles . F (BE) et F ( AG)
on appliquant le théorème de Thalès dans le triangle ABF , on aura

FB FA AB


FE FG EG

9
FA
AB
4 3  9 36 3
signifie FA 



 6 3 donc FA  6 3
6 4 3 2 3
6
6
2 3  9 18 3
de on déduit que AB 

 3 3 donc AB  3 3
6
6
ˆ C  opposé  BC  BC ,d’autre part :
4) a- Le triangle ABC est rectangle en B ,donc tan BA
adjacent AB 3 3

b- de on a

3
3 3 3
BC
3
, donc
signifie BC 

 3 donc BC  3
3
3
3
3 3
b-methode 1 : Le triangle ABC est rectangle en B , d’après le théorème de Pythagore on a :
AC2  BA 2  BC2 signifie AC 2  (3 3 )2  3 2 signifie AC 2  27  9  36 signifie AC 2  36
ˆ C  tan 30 
tan BA

donc AC  36  6 AC  6
ˆC 
methode 2 : Le triangle ABC est rectangle en B ,donc sin BA

opposé
BC

hypothenuse AC

ˆ C  sin 30  1 donc 3  1 signifie AC  3  2  6 donc AC  6
d’autre part : sin BA
2
AC 2
FK 3 3 3 1
FE 6 1
FE FK

  . On déduit que
5)
,



FA 6 3 6 2
FC 12 2
FC FA
les points A , F et K d’une part et les points C , F et E d’autre part sont alignés dans le même ordre
donc d’après la réciproque de théorème de Thalès on déduit que les droites (AC) et (EK) sont parallèles
FE FK EK
FE EK
6 EK
6) (AC) et (EK) sont parallèles .d’après le théorème de Thalès
donc
donc




FC FA AC
FC AC
12
6
6 6
Et par suite EK 
 3 . D’autre part L  ( AC) alors (AL) // (EK) . L milieu de AC donc AL  3
12
Et par suite AL  EK et (AL) // (EK) ;
ainsi ALKE possède deux cotés opposés
parallèles et égaux donc ALKE est un
parallélogramme

 EF  6 ; EG  2 3 ; BF  9; KG  3
ˆ C  30; AB
ˆ C  90; FE
ˆG  90
 BA


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